高中物理电容器知识点与习题总结.doc

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1、 考点24 电容器和电容量【考点知识方法解读】1.两个彼此绝缘且又相互靠近的导体都可视为电容器。电容量是描述电容器容纳电荷本领的物理量。物理学中用电容器所带的电荷量Q与电容器两极板之间的电势差U的比值定义为该电容器的电容量，即C=Q/U。电容量由电容器本身的几何尺寸和介质特性决定，与电容器是否带电、带电量多少、极板间电势差大小无关。2.动态含电容器电路的分析方法： 确定不变量。若电容器与电源相连，电容器两极板之间的电势差U不变；若电容器充电后与电源断开，则电容器两极板带电荷量Q不变。 用平行板电容器的决定式C=分析电容器的电容变化。若正对面积S增大，电容量增大；若两极板之间的距离d增大，电容量

2、减小；若插入介电常数较大的电介质，电容量增大。 用电容量定义式C=Q/U分析电容器所带电荷量变化（电势差U不变），或电容器两极板之间的电势差变化（电荷量Q不变）。用电荷量与电场强度的关系及其相关知识分析电场强度的变化。若电容器正对面积不变，带电荷量不变，两极板之间的距离d变化，两极板之间的电场强度不变；若两极板之间的电势差不变，若两极板之间的距离d变化，由E=U/d可分析两极板之间的电场强度的变化。【最新三年高考物理精选解析】1.（2012新课标理综）如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子A.所

3、受重力与电场力平衡 B.电势能逐渐增加C.动能逐渐增加D.做匀变速直线运动2.（2012江苏物理）一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变，在两极板间插入一电介质，其电容量C和两极板间的电势差U的变化情况是AC和U均增大 BC增大，U减小 CC减小，U增大 DC和U均减小3：（2011天津理综第5题）板间距为d的平行板板电容器所带电荷量为Q时，两极板间电势差为U1，板间场强为E1现将电容器所带电荷量变为2Q，板间距变为d/2，其他条件不变，这时两极板间电势差U2，板间场强为E2，下列说法正确的是A. U2=U1，E2=E1 B. U2=2U1，E2=4E1 C. U2=U1

4、，E2=2E1 D. U2=2U1，E2=2E14（2010北京理综）用控制变量法，可以研究影响平行板电容器的因素（如题1图）。设两极板正对面积为S，极板间的距离为，静电计指针偏角为q。实验中，极板所带电荷量不变，若A. 保持S不变，增大d，则q 变大B. 保持S不变，增大d，则q 变小C. 保持d不变，增大S，则q 变小D. 保持d不变，增大S，则q 不变5(2010重庆理综)某电容式话筒的原理示意图如题3图所示，E为电源，R为电阻，薄片P和Q为两金属基板。对着话筒说话时，P振动而Q可视为不动。在P、Q间距增大过程中，A P、Q构成的电容器的电容增大 BP上电荷量保持不变 CM点的电势比N点

5、的低 DM点的电势比N点的高ESR0R1R2MN6（2010安徽理综）如题6图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，R0为定值电阻，R1、R2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部。闭合电键S，小球静止时受到悬线的拉力为F。调节R1、R2，关于F的大小判断正确的是A保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变大B保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变小C保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变大D保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变小7. （2012浙江理综）为了测量储罐中不导电液体的高度，将与储罐外壳绝缘的两块平行金属板构成的电容器C置于储罐中,电容器可通过开关S与线圈L或电源相连，

6、如图所示。当开关从a拨到b时，由L与C构成的回路中产生的周期T=2 的振荡电流。当罐中液面上升时（ ）A. 电容器的电容减小B. 电容器的电容增大zxxkC. LC回路的振荡频率减小D. LC回路的振荡频率增大8. （2012海南物理）将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷量分别用d、U、E和Q表示。下列说法正确的是A保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的一半 B保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半 D保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半9.（2012全国理综）如图，一平行板电容

7、器的两个极板竖直放置，在两极板间有一带电小球，小球用一绝缘轻线悬挂于O点。先给电容器缓慢充电，使两级板所带电荷量分别为Q和Q，此时悬线与竖直方向的夹角为/6。再给电容器缓慢充电，直到悬线和竖直方向的夹角增加到/3，且小球与两极板不接触。求第二次充电使电容器正极板增加的电荷量。电容和电容器知识点精解1电容的定义(1)电容器作用：电容器是电气设备中常用的一种重要元件，可以用来容纳电荷。构成：两金属板间夹上一层绝缘物质(电介质)就是一个最简单的电容器。两个金属板就是电容器的两个电极。充电与放电：使电容器带电叫充电；使充电后的电容器失去电荷叫放电。电容器所带电量：电容器的一个极板上所带电量的绝对值。击

8、穿电压与额定电压：加在电容器两极上的电压如果超过某一极限，电介质将被击穿从而损坏电容器，这个极限电压叫击穿电压；电容器长期工作所能承受的电压叫做额定电压，它比击穿电压要低。(2)电容的定义：电容器所带电量与两板间电势差之比叫电容。定义式为 单位：在国际单位制中，电容单位是法(F)。常用单位有：微法(F)和皮法(pF)。它们的换算关系是 1F=106uF=1012pF 物理意义：表示电容器容纳电荷本领大小的物理量。2平行板电 容器电容的决定因素平行板电容器的电容，跟介电常量成正比，跟正对面积S成正比，跟极板间的距离d成反比。用公式表达为下面表中为几种电介质的介电常量的值。3常用电容器：常用的电容

9、器可分为固定电容器和可变电容器。(1)固定电容器：固定电容器的电容是固定不变的，常用的有纸质电容器及电解电容器。纸质电容器：在两层锡箔或铅箔中间夹以在石蜡中浸过的纸，一起卷成圆柱体而制成的电容器(图1-49(a)。电解电容器：这种电容器是用铝箔作阳极，用铝箔上很薄的一层氧化膜作电介质，用浸渍过电解液的纸作阴极制成的(图1-49(b)。由于氧化膜很薄，这种电容器的电容较大。电解电容器的极性是固定的，使用时正负极不能接错，不能接交流电。(2)可变电容器：特点：电容可以改变。构成：由两组铝片组成(图1-49(c)，固定的一组铝片叫定片，可以转动的一组铝片叫动片。使用时可以转动动片使两组铝片正对面积发

10、生变化从而改变电容的大小。(3)电路中常用的几种电容器的符号如图1-49(d)所示。【例1】图1-50中平行放置的金属板A、B组成一只平行板电容器。在不断开电键K时，使A板向上平移拉开一些；使A板向右平移错开一些；往A、B间充入介电常量1的电介质。试讨论电容器两板电势差U、电量Q、板间场强E的变化情况。若断开电键K，情况又如何？【例2】如图1-51所示，两块水平放置的平行金属板M、N，相距为d，组成一个电容为C的平行板电容器，M板接地，M板的正中央有一小孔B。从B孔正上方h处的A点，由静止一滴一滴地滴下质量为m、电量为q的带电油滴，油滴穿过B孔后落到N板，把全部电量传给N板，若不计空气阻力及板

11、外电场：问：(1)第几滴油滴将在M、N板间作匀速直线运动？(2)能达到N板的液滴不会超过多少滴？【例3】在静电复印机里，常用图1-52所示的电路来调节A、C两板间电场强度的大小，从而来控制复印件的颜色深浅。在操作时，首先对金属平板A、B组成的平行板电容器充电。该电容器的B板接地，A、B间充有介电常量为的电介质，充电后两板间的电势差为U。而后，断开该充电电源，将连接金属平板C和可调电源的开关K闭合。这样，A、C两板间的电场强度将随可调电源的电压变化而得以调节。已知C板与A板很近，相互平行，且各板面积相等。A、B板间距离为d1，A、C板间的距离为d2，A、C板间的空气介电常量取为1。试求：当电源的

12、电压为U0时，A、C两板间某点P处的电场强度。图11-3图11-4例4如图11-3所示的电路中，4个电阻的阻值均为R，E为直流电源，其内阻可以不计，没有标明哪一极是正极.平行板电容器两极板间的距离为d.在平行极板电容器的两个平行极板之间有一个质量为m,电量为q的带电小球.当电键K闭合时，带电小球静止在两极板间的中点O上.现把电键打开，带电小球便往平行极板电容器的某个极板运动，并与此极板碰撞，设在碰撞时没有机械能损失，但带电小球的电量发生变化.碰后小球带有与该极板相同性质的电荷，而且所带的电量恰好刚能使它运动到平行极板电容器的另一极板.求小球与电容器某个极板碰撞后所带的电荷.例5如图11-4所示

13、，电容器C16 F，C23 F，电阻R16 ，R23 ，当电键K断开时，A、B两点间的电压UAB？当K闭合时，电容器C1的电量改变了多少（设电压U18 V）?小结：电容器是一个储存电能的元件，在直流电路中，当电容器充、放电时，电路有充电、放电电流，一旦电流达到稳定状态，电容器在电路中就相当于一个阻值无限大（只考虑电容器是理想不漏电的情况）的元件，电容电路可看作是断路，简化电路时可去掉它，简化后若要求电容器所带电量时，可在相应的位置补上.分析和计算含有电容器的直流电路时，关键是准确地判断并求出电容器的两端的电压，其具体方法是：1.确定电容器和哪个电阻并联，该电阻两端电压即为电容器两端电压.2.当

14、电容器和某一电阻串联后接在某一电路两端时，此电路两端电压即为电容器两端电压.3.对于较复杂电路，需要将电容器两端的电势与基准点的电势比较后才能确定电容器两端的电压.3.如图11-7所示，E10 V，R14 ，R26 ，C30 F，电池内阻可忽略.（1）闭合开关K，求稳定后通过R1的电流；（2）然后将开关K断开，求这以后通过R1的总电量.图117 图118 图1194.如图11-8所示的电路，已知电池电动势E90 V，内阻5 ，R110 ，R220 ，板面水平放置的平行板电容器的两极板M、N相距d=3 cm，在两板间的正中央有一带电液滴，其电量q=-2107 C，其质量m=4.5105kg，取g

15、=10 m/s2，问（1）若液滴恰好能静止平衡时，滑动变阻器R的滑动头C正好在正中点，那么滑动变阻器的最大阻值Rm是多大?（2）将滑动片C迅速滑到A端后，液滴将向哪个极板做什么运动?到达极板时的速度是多大?5.如图11-9所示.两根相距为L的竖直金属导轨MN和PQ的上端接有一个电容为C的电容器，质量为m的金属棒ab可紧贴竖直导轨无摩擦滑动，且滑动中ab始终保持水平，整个装置处于磁感应强度为B的磁场中，不计电阻，求最后通过C的充电电流.图11-106.图11-10所示，金属棒ab质量m=5 g，放在相距L=1 m的光滑金属导轨MN、PQ上，磁感应强度B=0.5 T，方向竖直向上，电容器的电容C=

16、2F，电源电动势E16 V，导轨距地面高度h=0.8 m.当单刀双掷开关先掷向1后，再掷向2，金属棒被抛到水平距离s=6.4 cm的地面上，问电容器两端的电压还有多大?考点24 电容器和电容量3【答案】：C【解析】：由板间距为d的平形板电容器所带电荷量为Q时，两极板间电势差为U1，板间场强为E1，可知板间距为d的平形板电容器电容量C=Q/U1；板间场强为E1= U1/d。根据平行板电容器电容量决定式，将电容器板间距变为，其电容量为2C。电容器所带电荷量变为2Q，其电势差U2=2Q/2C= U1，板间场强E2= U2/()=2 U1/d=2 E1，所以选项C正确。5.【答案】D【解析】电容式话筒

17、与电源串联，电压U保持不变。在P、Q间距增大过程中，根据平行板电容决定式可知，d增大，电容量C减小，选项A错误；又根据电容量定义式C=Q/U得电容器所带电荷量Q减小，选项B错误；电容器的放电电流通过R的方向由M到N，所以M点的电势比N点的高。选项C错误D正确。7【答案】：BC【解析】当罐中液面上升时，由平行板电容器的决定式，电容器的电容增大，选项A错误B正确；LC回路的振荡周期增大，振荡频率减小，选项C正确D错误。8.9【答案】：2Q【解析】：两级板所带电荷量分别为Q和Q，此时悬线与竖直方向的夹角为/6，小球所受电场力F1=mgtan(/6)。设电容器电容量为C，两极板之间距离d，则两极板之间

18、电压U1=Q/C，两极板之间电场强度E1= U1/d，F1=q E1。电容和电容器知识点精解例1【解题】 电键K不断开时，电容器两极板间电压U不变。小。由于Q=CU，U不变，所以Q变小；平行板电客器内部电场为身强两板错开意味着正对面积S变小。由CS可知C变小，由Q=CU，电键K断开后，意味着电容器所带电量Q不变。两板错开时S变小，由CS可知，C变小，所以U变大，而【例2】【分析思路】 带电油滴将所带的电量传给N板，因静电感应使M板带上等量异种电荷，这就使电容器带电，M、N板间存在匀强电场。当电场力等于重力时，油滴作匀速直线运动，此时油滴从A点落到N板时重力做的功等于克服电场力做的功。油滴至N板

19、速度为零，即为最后一滴落至N板的油滴，其余以后落下的油滴来达N板即反方向向上运动。【解题】(1)设第n滴油滴将在两板间作匀速直线运动。，所以，当第n滴油滴作匀速直线运动下落时，两板间的场强。由平衡条件可知，此时有，(2)设能到达N板的液滴不会超过n滴，即第n滴在两板间作匀减速直线运动，到达N板时的速度刚好为零。由动能定理得mg(h+d)-qU=0，其中U为第n油滴运动时两板间的电压，则，由以上两式联立解得【例3】【分析思路】首先对平行金属板A、B组成的电容器充电时，A板带上的电荷设为Q，则Q=C1U。开关K闭合后等效电路如图1-53所示，由于金属板B和电源负极都接地，所以它们电势均为零。设此时

20、金属板A、B间的电势差为U1，金属板A、C间的电势差为U2，则由于电源电压为U0，所以有U1+U2=U0。可见，开关K闭合后，金属板A、B间的电势差将变小，故金属板A、B上的电荷将发生变化。孤立导体A的电荷将重新分布，设其上表面带负电荷为-Q2，下表面带正电荷为+Q1，则有Q1+(-Q2)=Q。于是金属板B上的电荷将由-Q减少为-Q1，金属板C的电荷为+Q2。下面的任务就是用尽量多的已知量表示出Q2，则。B的电荷要减少，孤立导体A上的电荷尊重新分布，充电稳定后，孤立导体A处于静电平衡状态，是等势体，才能列出U1+U2=U0的关系式。当然，熟练运用所学公式以及运算技巧也是解答该题的必要条件。【解

21、题方法】处于静电平衡状态的导体的性质、电容的定义、匀【解题】K闭合后的等效电路如图1-53所示。设A、B板间的电容为C1，电势差为U1。A、C板间的电容为C2，电势差为U2。金属板的面积为S，则，而各板表面上的电量分别为如图所示1-53的Q1和Q2，于是有另外，A板两表面上电量的代数和应该等于K闭合前该板上所带的电量，设为Q，即，而Q又可以从K闭合前A、B板间的电势差求得：、，将式代入式，得将式与式联立消去Q1，得由于A、C两板间电场可近似认为匀强电场，所以P点的电场强度EP为【例4】由电路图可以看出，因R4支路上无电流，电容器两极板间电压，无论K是否闭合始终等于电阻R3上的电压U3，当K闭合

22、时，设此两极板间电压为U，电源的电动势为E，由分压关系可得UU3E，小球处于静止，由平衡条件得mg，当K断开，由R1和R3串联可得电容两极板间电压U为U，由得UU，UU表明K断开后小球将向下极板运动，重力对小球做正功，电场力对小球做负功，表明小球所带电荷与下极板的极性相同，由功能关系mgqmv20，因小球与下极板碰撞时无机械能损失，设小球碰后电量变为q，由功能关系得qUmgd=0mv2，联立上述各式解得qq即小球与下极板碰后电荷符号未变，电量变为原来的7/6.【例5】解题方法与技巧：在电路中电容C1、C2的作用是断路，当电键K断开时，电路中无电流，B、C等电势，A、D等电势，因此UABUDB1

23、8 V，UABUACUDB18 V，K断开时，电容器C1带电量为Q1C1UACC1UDC610618 C1.08104C.当K闭合时，电路R1、R2导通，电容器C1两端的电压即电阻R1两端的电压，由串联的电压分配关系得：UAC12 V此时电容器C1带电量为：Q1C1UAC7.2105 C，电容器C1带电量的变化量为：QQ1Q13.6105 C，所以C1带电量减少了3.6105C参考答案：3.电容器稳定后相当于断路，断开前电容器相当于和R2并联，K断开前，电容器相当于直接接到电源上，K断开前后通过R1的电量即为前后两状态下电容器带电量之差.电容器稳定后相当于断路，则：（1）1总AA（2）断开K前

24、，电容器相当于和R2并联，电压为2R2，储存的电量为Q1CI1R2， 断开K稳定后，总电流为零，电容器上电压为E，储存电量为Q2CE，所以通过R1的电量为：QQ2Q1C（EI1R2）1.2103 C4.滑动变阻器R的滑动触头C正好在AB正中点时对液滴进行受力分析知，重力G与电场力q平衡，从而求得电容器两极电压，也就是BC间电压，然后据闭合电路欧姆定律求得RBC，从而求得Rm.。将滑片C迅速滑到A端后，由闭合电路欧姆定律可求得AB间电压，即电容器两板间电压ABMN90即MN77 V大于C在中央时电压，对液滴分析受力知电场力大于重力，所以向M板运动，由动量定理便可求得速度.（1）滑片C在AB中央时

25、，对带电液滴由平衡条件得mg=q，所以MN= V67.5（V），由题意知UMNBC67.5 V，由欧姆定律得BC即67.5，所以Rm90 。（2）滑片滑到A时，MNV77（V）67.5 V所以液滴向M板运动，设达M板时速度为v，由动能定理得q=mv2 所以v=0.2 m/s5.经分析知最终ab棒做匀加速下滑，设最终充电电流为I，在t内电量、速率、电动势的变化量分别为Q、v和E则有ICCBLCBLa，由牛顿第二定律有mg-BIL=ma，解得I6.电容器充电后电量为QCE.开关掷向位置2时，电容器通过ab放电，其放电电量为Q，则通过棒中电流为I金属棒受安培力FBILBL，据动量定理Ftmv，由平抛

26、运动可知v=s/，由式、得BLtm，所以Q1.6105C，电容器所余电量QQQCEQ1.610-5 C，所以电容器两端电压为V。（二）重难点阐释二、要点精析（一）对电容的理解电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量由电容器本身的介质特性与几何尺寸决定，与电容器是否带电，带电量的多少、板间电势差的大小等均无关（二）平行板电容器电容的决定因素平行板电容器的电容与板间距离d成反比，与两半正对面积S成正比，与板间介质的介电常数成正比，其决定式是：（三）电容器的动态分析平行板电容器动态分析这类问题的关键在于弄清哪些是变量，哪些是不变量，在变量中哪些是自变量哪些是因变量，同时注意理解平行板电容器演示实验现象的

27、实质，一般分两种基本情况：一是电容器两极板的电势差U保持不变（与电源连接）；二是电容器的带电量Q保持不变（与电源断开）电容器和电源连接如图，改变板间距离、改变正对面积或改变板间电解质材料，都会改变其电容，从而可能引起电容器两板间电场的变化这里一定要分清两种常见的变化： K（1）电键K保持闭合，则电容器两端的电压恒定（等于电源电动势），这种情况下带电量而（2）充电后断开K，保持电容器带电量Q恒定，这种情况下（四）电容器与恒定电流相联系在直流电路中，电容器的充电过程非常短暂，除充电瞬间以外，电容器都可以视为断路应该理解的是：电容器与哪部分电路并联，电容器两端的电压就必然与哪部分电路两端电压相等（五

28、）带电粒子（或带电体）在电场中的平衡问题在历年高考试题中，常常是电场知识与力学知识联系起来考查解答这一类题目的关键还是在力学上当带电体在电场中处于平衡状态时，只要在对物体进行受力分析时，注意分析带电体所受的电场力，再应用平衡条件即可求解（六）带电粒子（或带电体）在电场中的加速问题对于此类问题，首先对物体受力分析，进而分析物体的运动情况（加速或减速，是直线还是曲线运动等），常常用能量的观点求解（1）若选用动能定理，则要分清有多少个力做功，是恒力功还是变力功，以及初态和末态的动能增量（2）若选用能量守恒定律，则要分清有多少种形式的能在转化，哪种能量是增加的，那种能量是减少的U L dv0m，qyv

29、t（七）带电粒子（或带电体）在电场中的偏转问题如图所示，质量为m电荷量为q的带电粒子以平行于极板的初速度v0射入长L板间距离为d的平行板电容器间，两板间电压为U，求射出时的侧移、偏转角和动能增量等解题方法：分解为两个独立的分运动：平行极板的匀速运动（运动时间由此分运动决定），垂直极板的匀加速直线运动，偏角：，推论：穿越电场过程的动能增量：EK=qEy （注意，一般来说不等于qU）考点精炼（八）带电粒子（或带电体）在电场中运动的综合问题当带电体的重力和电场力大小可以相比时，不能再将重力忽略不计这时研究对象经常被称为“带电微粒”、“带电尘埃”、“带电小球”等等这时的问题实际上变成一个力学问题，只是

30、在考虑能量守恒的时候需要考虑到电势能的变化电容器的充放电1电容器的充过程：充电过程如图所示，充电电流，电流方向为逆时针方向，电流强度由大到小，电容器所带电荷量增加，电容器两极板间电压升高，电容器中电场强度增加。当电容器充电结束后，电容器所在电路中无电流，电容器两极板间电压与充电电压相等，充电后，电容器从电源中获取的能量称为电场能。2放电过程如图所示：放电电流方向是从正极板流出，电流强度是由大变小，电容器上电荷量减小，电容器两极板间电压降低，电容器中电场强度减弱，电容器的电场能转化成其他形式的能。平行板电容器的动态分析(1)平行板电容器连接在电源两端时，由于电容器始终接在电源上，因此两板间电势差U保持不变，电容器的d、S、r发生变化，将引起电容器的C、Q、U、E变化由可知C随d、S、r变化而变化由QCU可知Q也随着d、S、r变化而变化由E=U/d知，E随d的变化而变化(2)平行板电容器充电后，切断与电源的连接，电容器的带电荷量Q保持不变，电容器的d、S、r变化，将引起C、Q、U、E的变化由可知C随d、S、r变化而变化由可知，U随d、S、r变化而变化由可知，E随S、r变化而变化